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视频源连贯
抉择排序
思路：
- 从数组索引 0 开始，找比以后值更小的值，找到即为最小值
- 找到最小值后替换以后索引值以及最小值所在索引值
- 反复遍历
源代码：
冒泡排序
思路:
- 从数组索引 0 开始，只有以后值比他下一位值大，替换两者程序。
- 反复遍历
源代码：
位运算
- a ^ b 雷同为 0 不同为 1
- 位运算满足交换律和结合律 即：a^b = b^a; (a^b)^c = a^(b^c)
- 0 ^ N = N; N^N = 0;
- 位运算能够了解为二进制的不进位相加
比方: 101 ^ 011 = 110; 通过这个，能够进一步了解为什么满足交换律 因为无论多少个数字异或，那么雷同地位上是 1 还是 0 齐全取决于 1 和 0 的数量，与程序无关
所以反过来看冒泡排序中的 swap，原理如下：
但值得注意的是，其中 i 和 j 不能是雷同值，雷同值相当于本人和本人异或 那么会清 0 导致计算结果不精确。
- 提取一个数最右的 1:
int rightOne = eor & (~eor +1); 原理如下：
思路: 本人与本人取反加 1;
原题：数组中有两个数是奇数个，其余数为偶数个，找出这两个数：
插入排序
思路:
- 从数组索引 1 开始，向前比拟找到适合的地位插入
源代码：
相较于抉择和冒泡，插入排序最差是 On^2 最好是 On 依据数据状况来定，绝对性能较好
二分法
常见问题:
- 有序数组 找某个数是否存在
- 有序数组 找大于某个数最左侧的地位
- 部分最小值
一个 arr 中 任意两个元素相邻数肯定不相等，找任意一个部分最小值，部分最小为 i 比 i -1, 比 i +1 都小。要求工夫复杂度好于 On 最好用二分
思路:
解释：首先判断 0 和 n 是不是部分最小 不是的话那么 0 -1 肯定是大小向下的趋势，n 到 n - 1 肯定是向下的。那么 1 到 n - 1 之间肯定有个最小值。
所以这个时候你找 m 如果不是的话 m 到 m - 1 之间肯定是向下的那么 m - 1 到 1 之间肯定存在最小值
生成 0 - n 的随机数
Math.random() => [0 - 1) 所有的小数
Math.random() * N => [0, N) 所有小数
parseInt(Math.random () *N)=> [0, N-1]所有整数 等概率返回
解决理论问题的思路：1. 数据非凡能够优化，2 问题非凡能够优化
正文完
