关于leetcode:用javascript分类刷leetcode19数组图文视频讲解

数组操作的工夫复杂度

  • Access:O(1)
  • Search:O(n)
  • Insert: 均匀O(n),最好的状况下O(1),也就是在数组尾部插入O(1),最坏的状况下O(n)
  • Delete;均匀O(n),最好的状况下O(1),也就是在数组尾部删除O(1),最坏的状况下O(n)

167. 两数之和 II – 输出有序数组 (easy)

给你一个下标从 1 开始的整数数组 numbers ,该数组已按 非递加顺序排列 ,请你从数组中找出满足相加之和等于指标数 target 的两个数。如果设这两个数别离是 numbers[index1] 和 numbers[index2] ,则 1 <= index1 < index2 <= numbers.length 。

以长度为 2 的整数数组 [index1, index2] 的模式返回这两个整数的下标 index1 和 index2。

你能够假如每个输出 只对应惟一的答案 ,而且你 不能够 重复使用雷同的元素。

你所设计的解决方案必须只应用常量级的额定空间。

示例 1:

输出:numbers = [2,7,11,15], target = 9
输入:[1,2]
解释:2 与 7 之和等于指标数 9 。因而 index1 = 1, index2 = 2 。返回 [1, 2] 。
示例 2:

输出:numbers = [2,3,4], target = 6
输入:[1,3]
解释:2 与 4 之和等于指标数 6 。因而 index1 = 1, index2 = 3 。返回 [1, 3] 。
示例 3:

输出:numbers = [-1,0], target = -1
输入:[1,2]
解释:-1 与 0 之和等于指标数 -1 。因而 index1 = 1, index2 = 2 。返回 [1, 2] 。

提醒:

2 <= numbers.length <= 3 * 104
-1000 <= numbers[i] <= 1000
numbers 按 非递加程序 排列
-1000 <= target <= 1000
仅存在一个无效答案

办法1:二分法
  • 思路:循环数组,从以后元素左边的元素二分查找另一个元素,使他们的和是target
  • 复杂度:工夫复杂度O(nlogn),遍历数组,每次遍历都进行了二分。空间复杂度O(1)

js:

var twoSum = function (numbers, target) {
    let len = numbers.length,
        left = 0,
        right = len - 1,
        mid = 0
    for (let i = 0; i < len; ++i) {//循环数组,从左边的元素二分查找另一个元素
        left = i + 1
        while (left <= right) {
            mid = parseInt((right - left) / 2) + left
            if (numbers[mid] == target - numbers[i]) {
                return [i + 1, mid + 1]
            } else if (numbers[mid] > target - numbers[i]) {
                right = mid - 1
            } else {
                left = mid + 1
            }
        }
    }
    return [-1, -1]
}
办法2:双指针
  • 思路:应以left和right指针,初始别离在数组的两端,而后一直判断两个指针指向的数字之和 和target的大小,和大了 ,right左移一位,和小了,left右移一位
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),数组总共遍历一次。空间复杂度O(1)

js:

var twoSum = function (numbers, target) {
    let [left, right] = [0, numbers.length - 1];//左右指针
    while (left < right) {//
        if (numbers[left] + numbers[right] > target) {//和大了 right左移一位
            right--;
        } else if (numbers[left] + numbers[right] < target) {//和小了left右移一位
            left++;
        } else {
            return [left + 1, right + 1];
        }
    }
};

349. 两个数组的交加 (easy)

给定两个数组 nums1 和 nums2 ,返回 它们的交加 。输入后果中的每个元素肯定是 惟一 的。咱们能够 不思考输入后果的程序 。

示例 1:

输出:nums1 = [1,2,2,1], nums2 = [2,2]
输入:[2]
示例 2:

输出:nums1 = [4,9,5], nums2 = [9,4,9,8,4]
输入:[9,4]
解释:[4,9] 也是可通过的

提醒:

1 <= nums1.length, nums2.length <= 1000
0 <= nums1[i], nums2[i] <= 1000

办法1:汇合
  • 思路:先将数组转成set,而后遍历长度小的set,判断set1中的元素是否存在于set2中,存在的话就是其中一个交加。
  • 复杂度:工夫复杂度O(m+n),m,n是两数组的长度,数组转成汇合的工夫复杂度就是数组的长度,遍历寻找交加的复杂度是O(min(m,n))。空间复杂度O(m+n),就是两个set的空间

js:

var intersection = function (nums1, nums2) {
    let set1 = new Set(nums1);
    let set2 = new Set(nums2);//数组转成set
    if (set1.size > set2.size) {//用size小的数组遍历
        [set1, set2] = [set2, set1]
    }
    const intersection = new Set();
    for (const num of set1) {//遍历set1
        if (set2.has(num)) {//元素如果不存在于set2中就退出intersection
            intersection.add(num);
        }
    }
    return [...intersection];//转成数组
};
办法2:排序+双指针

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  • 思路:数组排序,而后用两个指针别离遍历数组,如果两个指针指向的元素相等 就是其中一个交加,否则比拟两个指针指向的元素的大小,较小的向前挪动
  • 复杂度:工夫复杂度O(mlogm+nlogn),两数组快排工夫复杂度别离是O(mlogm)O(nlogn),双指针遍历须要O(m+n),复杂度取决于较大的O(mlogm+nlogn)。空间复杂度O(logm+logn)排序应用的额定空间

js:

// nums1 = [4,5,9]
// nums2 = [4,4,8,9,9]
// intersection = [4,9]
var intersection = function (nums1, nums2) {
    nums1.sort((x, y) => x - y);//排序
    nums2.sort((x, y) => x - y);
    const length1 = nums1.length,
        length2 = nums2.length;
    let index1 = 0,//双指针
        index2 = 0;
    const intersection = [];
    while (index1 < length1 && index2 < length2) {//双指针遍历数组
        const num1 = nums1[index1],
            num2 = nums2[index2];
        if (num1 === num2) {//如果两个指针指向的元素相等 就时其中一个交加
            //避免反复退出
            if (num1 !== intersection[intersection.length - 1]) {
                intersection.push(num1);
            }
            index1++;
            index2++;
        } else if (num1 < num2) {
            index1++;//num1 < num2阐明mums1须要向右挪动
        } else {
            index2++;//num1 > num2阐明mums1须要向左挪动
        }
    }
    return intersection;
};

217. 存在反复元素 (easy)

给你一个整数数组 nums 。如果任一值在数组中呈现 至多两次 ,返回 true ;如果数组中每个元素互不雷同,返回 false 。

示例 1:

输出:nums = [1,2,3,1]
输入:true
示例 2:

输出:nums = [1,2,3,4]
输入:false
示例 3:

输出:nums = [1,1,1,3,3,4,3,2,4,2]
输入:true

提醒:

1 <= nums.length <= 105
-109 <= nums[i] <= 109

办法1.排序
  • 思路:先排序,而后循环数组,判断相邻元素是否雷同
  • 复杂度:工夫复杂度O(nlogn),空间复杂度O(logn),排序须要的栈空间

js:

var containsDuplicate = function(nums) {
    nums.sort((a, b) => a - b);//排序
    const n = nums.length;
    for (let i = 0; i < n - 1; i++) {
        if (nums[i] === nums[i + 1]) {//判断相邻元素是否雷同
            return true;
        }
    }
    return false;
};
办法2.哈希表
  • 思路:循环数组,将元素存入set,判断每个元素是否存在于set中
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(n)

js:

var containsDuplicate = function(nums) {
    const set = new Set();
    for (const x of nums) {
        if (set.has(x)) {
            return true;
        }
        set.add(x);
    }
    return false;
};

905. 按奇偶排序数组 (easy)

给你一个整数数组 nums,将 nums 中的的所有偶数元素挪动到数组的后面,后跟所有奇数元素。

返回满足此条件的 任一数组 作为答案。

示例 1:

输出:nums = [3,1,2,4]
输入:[2,4,3,1]
解释:[4,2,3,1]、[2,4,1,3] 和 [4,2,1,3] 也会被视作正确答案。
示例 2:

输出:nums = [0]
输入:[0]

提醒:

1 <= nums.length <= 5000
0 <= nums[i] <= 5000

办法1.排序
  • 思路:排序比拟,偶数在前,奇数在后
  • 复杂度:工夫复杂度O(nlogn),空间复杂度O(logn),排序额定的空间

js:

var sortArrayByParity = function(A) {
    return A.sort((a, b) => (a & 1) - (b & 1))
};
办法2.双指针

  • 思路:右指针从右往左,直到遇到第一个偶数,左指针从左往右,直到遇到第一个奇数,而后替换地位
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(1)

js:

var sortArrayByParity = function(A, l = 0, r = A.length - 1) {
    while(l !== r) {
        while (r > 0 && A[r] & 1) r--
        while (l < r && (A[l] & 1) === 0) l++
        [A[l], A[r]] = [A[r], A[l]]
    }
    return A
};

75. 色彩分类 (medium)

给定一个蕴含红色、红色和蓝色、共 n 个元素的数组 nums ,原地对它们进行排序,使得雷同色彩的元素相邻,并依照红色、红色、蓝色顺序排列。

咱们应用整数 0、 1 和 2 别离示意红色、红色和蓝色。

必须在不应用库的sort函数的状况下解决这个问题。

示例 1:

输出:nums = [2,0,2,1,1,0]
输入:[0,0,1,1,2,2]
示例 2:

输出:nums = [2,0,1]
输入:[0,1,2]

提醒:

n == nums.length
1 <= n <= 300
nums[i] 为 0、1 或 2

进阶:

你能够不应用代码库中的排序函数来解决这道题吗?
你能想出一个仅应用常数空间的一趟扫描算法吗?

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办法1.双指针
  • 思路:筹备p0,p1两个指针,p0指向0元素,p1指向1,初始化的时候,两个指针都指向数组的第一个地位。而后循环数组

    1. 遇见1就替换以后元素和p1,让p1加1,向前挪动一位
    2. 遇见0就替换以后元素和p0,如果p1小于p0,则此时p0指向的元素是1,与i地位元素替换之后 这个替换过来的1地位就不对了,所以替换过来的1须要在和p1替换一下,这时p0和p1都指向了正确的元素,所以都须要向前挪动一次。如果p0等于p1,则后面的元素都是0,所以p0和p1也要向前挪动一次
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),n是数组的长度,空间简单O(1)

js:

var sortColors = function (nums) {
    let p0 = 0 //指向0
    let p1 = 0 //指向0

    for (let i = 0; i < nums.length; i++) {
        if (nums[i] === 1) {//如果以后i指向的元素等于1,则替换以后元素和p1指向的元素
            let temp = nums[p1]
            nums[p1] = nums[i]
            nums[i] = temp
            p1++
        } else if (nums[i] === 0) {//如果以后i指向的元素等于0,则替换以后元素和p0指向的元素
            let temp = nums[p0]
            nums[p0] = nums[i]
            nums[i] = temp
            //如果p0小于p1 则此时p0指向的元素是1,与i地位元素替换之后 这个替换过来的1地位就不对了 所以替换过来的1须要在和p1替换一下
            if (p0 < p1) {
                temp = nums[i];
                nums[i] = nums[p1];
                nums[p1] = temp;
            }
            //每次替换0之后都要挪动p0和p1,如果p0===p1,则后面都是0,如果p0<p1,后面的代码曾经替换了两次
            p0++
            p1++
        }
    }
};
办法2.双指针
  • 思路:筹备两指针,p0指向元素0,它右边的都是0,p2指向2,它左边都是2,而后循环数组,当循环到了p2,阐明p2左边的元素都是正确的数,所以i<=p2

    1. 如果此时i指向元素2 i小于p2 则一直替换p2和i指向的元素 因为替换过去的数可能还是2,那这个2就处于不正确的地位了
    2. 如果此时i指向元素0 则替换p0和i指向的元素
    3. 循环实现则0和2都拍好了,两头的1天然也是正确的地位
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),n是数组的长度,空间简单O(1)

js:

var sortColors = function (nums) {
    let p0 = 0;//指向0
    let p2 = nums.length - 1;//指向2
    for (let i = 0; i <= p2; i++) {//当循环到了p2 阐明p2左边的元素都是正确的数,所以i<=p2
        //如果此时i指向元素2 i小于p2 则一直替换p2和i指向的元素 因为替换过去的数可能还是2,那这个2就处于不正确的地位了
        while (nums[i] === 2 && i < p2) {
            let temp = nums[i];
            nums[i] = nums[p2];
            nums[p2] = temp;
            p2--;
        }
        //如果此时i指向元素0 则替换p0和i指向的元素
        if (nums[i] === 0) {
            let temp = nums[i];
            nums[i] = nums[p0];
            nums[p0] = temp;
            p0++;
        }
    }
};

//写法2
var sortColors = function (nums) {
    const swap = (list, p1, p2) => [list[p1], list[p2]] = [list[p2], list[p1]]
    let red = 0,
        blue = nums.length - 1,
        p = 0

    while (p <= blue) {
        switch (nums[p]) {
            case 0:
                swap(nums, red++, p)
                p++
                break;
            case 1://遇见1 始终让p++ 这样即便替换过去的是2 也是处于正确的地位
                p++
                break;
            case 2:
                swap(nums, blue--, p)

                break;
            default:
                break;
        }
    }
};

283. 挪动零 (easy)

给定一个数组 nums,编写一个函数将所有 0 挪动到数组的开端,同时放弃非零元素的绝对程序。

请留神 ,必须在不复制数组的状况下原地对数组进行操作。

示例 1:

输出: nums = [0,1,0,3,12]
输入: [1,3,12,0,0]
示例 2:

输出: nums = [0]
输入: [0]

提醒:

1 <= nums.length <= 104
-231 <= nums[i] <= 231 – 1

进阶:你能尽量减少实现的操作次数吗?

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办法1:两次遍历
  • 思路:遍历数组,定义索引j为数组的第一个地位,遇上非0元素,让j地位上的元素等于这个非0元素,遍历完数组之后,j地位之后的元素全副置为0
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(1)

js:

var moveZeroes = function (nums) {
    let j = 0;
    for (let i = 0; i < nums.length; i++) {
        if (nums[i] !== 0) {//遇到非0元素,让nums[j] = nums[i],而后j++
            nums[j] = nums[i];
            j++;
        }
    }
    for (let i = j; i < nums.length; i++) {//剩下的元素全是0
        nums[i] = 0;
    }
    return nums;
};
办法2:双指针一次遍历
  • 思路:定义left、right指针,right从左往右挪动,遇上非0元素,替换left和right对应的元素,替换之后left++
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(1)

js:

var moveZeroes = function(nums) {
    let left=0,right=0
    while(right<nums.length){
        if(nums[right]!==0){//遇上非0元素,替换left和right对应的元素
            swap(nums,left,right)
            left++//替换之后left++
        }
        right++
    }
};
function swap(nums,l,r){
    let temp=nums[r]
    nums[r]=nums[l]
    nums[l]=temp
}

350. 两个数组的交加 II (easy)

给你两个整数数组 nums1 和 nums2 ,请你以数组模式返回两数组的交加。返回后果中每个元素呈现的次数,应与元素在两个数组中都呈现的次数统一(如果呈现次数不统一,则思考取较小值)。能够不思考输入后果的程序。

示例 1:

输出:nums1 = [1,2,2,1], nums2 = [2,2]
输入:[2,2]
示例 2:

输出:nums1 = [4,9,5], nums2 = [9,4,9,8,4]
输入:[4,9]

提醒:

1 <= nums1.length, nums2.length <= 1000
0 <= nums1[i], nums2[i] <= 1000

进阶:

如果给定的数组曾经排好序呢?你将如何优化你的算法?
如果 nums1 的大小比 nums2 小,哪种办法更优?
如果 nums2 的元素存储在磁盘上,内存是无限的,并且你不能一次加载所有的元素到内存中,你该怎么办?

办法1:哈希表
  • 思路:统计nums1中各个元素的频次,循环nums2,看nums2中的元素是否在mums1频数哈希表中存在,存在的话退出后果,并且频数减1
  • 复杂度:工夫复杂度O(m+n),遍历两个数组,哈希表操作复杂度是O(1)。空间复杂度O(min(m,n))对长度小的数组进行哈希。

js:

const intersect = (nums1, nums2) => {
    const map = {};
    const res = [];
    if (nums1.length < nums2.length) {
        [nums1, nums2] = [nums2, nums1]
    }
    for (const num1 of nums1) {//nums1中各个元素的频次
        if (map[num1]) {
            map[num1]++;
        } else {
            map[num1] = 1;
        }
    }
    for (const num2 of nums2) { //遍历nums2
        const val = map[num2];
        if (val > 0) {            //在nums1中
            res.push(num2);         //退出res数组
            map[num2]--;            //匹配掉一个,就减一个
        }
    }
    return res;
};
办法2:双指针
  • 思路:p1,p2双指针指向两数组中的元素,在p1,p2都不越界的状况下开始循环,如果p1指向的元素大,挪动p2,如果p2指向的元素大,挪动p1,遇到雷同则退出入res,挪动两指针
  • 复杂度:工夫复杂度O(mlogm+nlogn),m、n别离是数组的长度,排序工夫复杂度是O(mlogm+nlogn),两数组遍历是O(m+n)。空间复杂度O(logm+logn)

js:

const intersect = (nums1, nums2) => {
    nums1.sort((a, b) => a - b);
    nums2.sort((a, b) => a - b); //排序两个数组
    const res = [];
    let p1 = 0;//指向nums1中的元素
    let p2 = 0;//指向nums2中的元素
    while (p1 < nums1.length && p2 < nums2.length) {//不越界条件
        if (nums1[p1] > nums2[p2]) {//p1指向的元素大,挪动p2
            p2++;
        } else if (nums1[p1] < nums2[p2]) {//p2指向的元素大,挪动p1
            p1++;
        } else {
            //遇到雷同则退出入res,挪动两指针
            res.push(nums1[p1]);
            p1++;
            p2++;
        }
    }
    return res;
};

238. 除本身以外数组的乘积 (medium)

给你一个整数数组 nums,返回 数组 answer ,其中 answer[i] 等于 nums 中除 nums[i] 之外其余各元素的乘积 。

题目数据 保障 数组 nums之中任意元素的全副前缀元素和后缀的乘积都在 32 位 整数范畴内。

请不要应用除法,且在 O(n) 工夫复杂度内实现此题。

示例 1:

输出: nums = [1,2,3,4]
输入: [24,12,8,6]
示例 2:

输出: nums = [-1,1,0,-3,3]
输入: [0,0,9,0,0]

提醒:

2 <= nums.length <= 105
-30 <= nums[i] <= 30
保障 数组 nums之中任意元素的全副前缀元素和后缀的乘积都在 32 位 整数范畴内

进阶:你能够在 O(1) 的额定空间复杂度内实现这个题目吗?( 出于对空间复杂度剖析的目标,输入数组不被视为额定空间。)

  • 思路:从左往右遍历,记录从左到以后地位前一位的乘积,而后从右往左遍历,从左到以后地位前一位的乘积乘上左边元素的积。
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(1)

js:

var productExceptSelf = function (nums) {
    const res = [];
    res[0] = 1;
      //从左往右遍历
      //记录从左到以后地位前一位的乘积
    for (let i = 1; i < nums.length; i++) {
        res[i] = res[i - 1] * nums[i - 1];
    }

    let right = 1;
      //从右往左遍历
      //从左到以后地位前一位的乘积 乘上 左边元素的积
    for (let j = nums.length - 1; j >= 0; j--) {
        res[j] *= right;
        right *= nums[j];
    }

    return res;
};

209. 长度最小的子数组 (medium)

给定一个含有 n 个正整数的数组和一个正整数 target 。

找出该数组中满足其和 ≥ target 的长度最小的 间断子数组 [numsl, numsl+1, …, numsr-1, numsr] ,并返回其长度。如果不存在符合条件的子数组,返回 0 。

示例 1:

输出:target = 7, nums = [2,3,1,2,4,3]
输入:2
解释:子数组 [4,3] 是该条件下的长度最小的子数组。
示例 2:

输出:target = 4, nums = [1,4,4]
输入:1
示例 3:

输出:target = 11, nums = [1,1,1,1,1,1,1,1]
输入:0

提醒:

1 <= target <= 109
1 <= nums.length <= 105
1 <= nums[i] <= 105

办法1:滑动窗口

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  • 思路:左右指针是滑动窗口的两边,用滑动窗口循环数组,不断扩大窗口,如果窗口中元素的和大于target,就开始放大窗口,而后更新最小滑动窗口
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),数组中的元素都遍历一次,空间复杂度O(1)

js:

var minSubArrayLen = function(target, nums) {
    const len = nums.length;
    let l = r = sum = 0, 
        res = len + 1; //最大的窗口不会超过本身长度
    while(r < len) {
        sum += nums[r++];//扩充窗口
        while(sum >= target) {
            res = res < r - l ? res : r - l;//更新最小值
            sum-=nums[l++];//放大窗口
        }
    }
    return res > len ? 0 : res;
};

922. 按奇偶排序数组 II (easy)

给定一个非负整数数组 nums, nums 中一半整数是 奇数 ,一半整数是 偶数 。

对数组进行排序,以便当 nums[i] 为奇数时,i 也是 奇数 ;当 nums[i] 为偶数时, i 也是 偶数 。

你能够返回 任何满足上述条件的数组作为答案 。

示例 1:

输出:nums = [4,2,5,7]
输入:[4,5,2,7]
解释:[4,7,2,5],[2,5,4,7],[2,7,4,5] 也会被承受。
示例 2:

输出:nums = [2,3]
输入:[2,3]

提醒:

2 <= nums.length <= 2 * 104
nums.length 是偶数
nums 中一半是偶数
0 <= nums[i] <= 1000

进阶:能够不应用额定空间解决问题吗?

办法1.双指针

  • 思路:循环偶数地位 如果遇到了奇数,而后循环奇数地位 如果遇到了第一个偶数,就交位
  • 复杂度:工夫复杂度O(n),空间复杂度O(1)

js:

const swap = (nums, i, j) => {
    const temp = nums[i];
    nums[i] = nums[j];
    nums[j] = temp;
};
var sortArrayByParityII = function(nums) {
    const n  = nums.length;
    let j = 1;
    for (let i = 0; i < n; i += 2) {
        if (nums[i] & 1) {//循环偶数地位 如果遇到了奇数
            while (nums[j] & 1) {//循环奇数地位 如果遇到了第一个偶数
                j += 2;
            }
            swap(nums, i, j);//交地位换
        }
    }   
    return nums;
};

视频解说:传送门

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