根本的位操作符有与、或、异或、取反、左移、右移这6种:
位运算示例操作
位运算示例操作
| 位运算 | 性能 | 示例 | |
|---|---|---|---|
| x >> 1 | 去掉最初一位 | 101101->10110 | |
| x << 1 | 在最初加一个0 | 101101->1011010 | |
| x << 1 | 在最初加一个1 | 101101->1011011 | |
| x\ | 1 | 把最初一位变成1 | 101100->101101 |
| x & -2 | 把最初一位变成0 | 101101->101100 | |
| x ^ 1 | 最初一位取反 | 101101->101100 | |
| x \ | (1 << (k-1)) | 把右数第k位变成1 | 101001->101101,k=3 |
| x & ~ (1 << (k-1)) | 把右数第k位变成0 | 101101->101001,k=3 | |
| x ^(1 <<(k-1)) | 右数第k位取反 | 101001->101101,k=3 | |
| x & 7 | 取末三位 | 1101101->101 | |
| x & (1 << k-1) | 取末k位 | 1101101->1101,k=5 | |
| x >> (k-1) & 1 | 取右数第k位 | 1101101->1,k=4 | |
| x \ | ((1 << k)-1) | 把末k位变成1 | 101001->101111,k=4 |
| x ^ (1 << k-1) | 末k位取反 | 101001->100110,k=4 | |
| x & (x+1) | 把左边间断的1变成0 | 100101111->100100000 | |
| x \ | (x+1) | 把右起第一个0变成1 | 100101111->100111111 |
| x \ | (x-1) | 把左边间断的0变成1 | 11011000->11011111 |
| (x ^ (x+1)) >> 1 | 取左边间断的1 | 100101111->1111 | |
| x & -x | 去掉右起第一个1的右边 | 100101000->1000 | |
| x&0x7F | 取末7位 | 100101000->101000 | |
| x& ~0x7F | 是否小于127 | 001111111 & ~0x7F->0 | |
| x & 1 | 判断奇偶 | 00000111&1->1 |
应用位运算的两点注意事项：
- 位操作只能用于整形数据，对float和double类型进行位操作会被编译器报错。
- 位操作符的运算优先级比拟低，因为尽量应用括号来确保运算程序
1. 判断一个数值是不是2的整数次方
解题思路：
2的整数次方对应的二进制的最高位上只有一个1，如：8，二进制为 1000； 4，二进制为 0100，
那么将该数字减去1再与该数字进行与运算，减去1 后失去二进制：7，二进制为 0111；3，二进制为 0011，能够看出 8&7 为0，
4&3 为0
所以，如果 n 是2的整数次方，那么 n & ( n - 1 )后果肯定为0:
n 的数值要大于 0
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. int n = 8; 5. if ((n & (n-1)) == 0){ 6. System.out.println("整数的二次方 true"); 7. }else{ 8. System.out.println("不是整数的二次方"); 9. } 10. } 11. } 2. 应用位运算替换两个数字【不应用两头变量】
应用异或
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. int n = 8, m = 10; 5. n ^= m; 6. m ^= n; 7. n ^= m; 8. System.out.println(n + ", " + m); 9. } 10. } 如： a = 13, b = 6:
a的二进制为 13 = 8 + 4 + 1 = 1101(二进制)
b的二进制为 6 = 4 + 2 = 110(二进制)
- a ^= b a = 1101 ^ 110 = 1011;
- b ^= a b = 110 ^ 1011 = 1101; 即b == 13
- a ^= b a = 1011 ^ 1101 = 110; 即a == 6
其余办法，应用加减法
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. int n = 8, m = 10; 5. n = n + m; 6. m = n - m; 7. n = n - m; 8. System.out.println(n + ", " + m); 9. } 10. } 3. 计算在一个 32 位的整数的二进制示意中有多少个 1
循环应用x & (x-1)消去最初一位1，计算总共消去了多少次即可。
如：
13： 1101
12： 1100
相与：1100， 消去最初一位
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. // 计算在一个 32 位的整数的二进制示意中有多少个 1 5. int m = 13, num = 0; 6. while (true){ 7. if (m == 0) break; 8. m &= (m-1); 9. num ++; 10. } 11. System.out.println(num); 12. } 14. } 4. 负数变成正数，或者正数变成负数
变换符号只须要取反后加1即可
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. // 计算在一个 32 位的整数的二进制示意中有多少个 1 5. int m = -13; 6. int changeM = ~m + 1; 7. System.out.println(changeM); 8. } 10. } 5. 判断一个数值的奇偶
只有依据最未位是0还是1来决定，为0就是偶数，为1就是奇数，所以只须要与 1 相与。
因而能够用if ((a & 1) == 0)代替if (a % 2 == 0)来判断a是不是偶数。
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. int m = -14; 6. if ((m & 1) == 1){ 7. System.out.println("ji"); 8. }else{ 9. System.out.println("ou"); 10. } 11. } 13. } 6. 乘以2 的m次方操作
乘以2的操作，即2的1次方，左移 1 位
System.out.println(10<<1);推导扩大：
乘以2的m次方
System.out.println(10<<2); // 乘以 2的2次方，相当于乘以 4 7.除以2运算(负奇数的运算不可用)
System.out.println(10>>1);8. 转换成绝对值
1. public class Main { 3. public static void main(String[] args) { 4. int n = 12; 6. System.out.println(0 >> 31); // 0 7. System.out.println(10 >> 31); // 0 8. System.out.println(-10 >> 31); // -1 10. System.out.println((n ^ (n >> 31)) - (n >> 31)); // 12 12. } 14. } - 首先：n>>31 获得n的符号
若n为负数，n>>31等于0；若n为正数，n>>31等于-1 若n为负数 n^0-0数不变；
- 若 n 为正数 n^-1 须要计算 n 和 -1 的补码，异或后再取补码， 后果n变号并且绝对值减1，再减去-1就是绝对值
9.判断两数符号是否雷同
true 示意 x和y有雷同的符号， false示意x，y有相同的符号。
System.out.println((a ^ b) > 0);10. 求两个整数（int）的平均数
System.out.println((a+b) >> 1);11. 求两个整数的最大值
1. int max(int a,int b){ 2. return b & ((a-b) >> 31) | a & (~(a-b) >> 31); 3. /*如果a>=b,(a-b)>>31为0，否则为-1*/ 4. } 12.求两个整数的最小值
1. int min(int a,int b){ 2. return a & ((a-b) >> 31) | b & (~(a-b) >> 31); 3. /*如果a>=b,(a-b)>>31为0，否则为-1*/ 4. } 13. 两个整数的加法运算
应用 ^ 和 & 将两个整数相加
- 两个数异或：相当于两个数相加，而不思考进位；
- 两个数相与，并左移一位：相当于求得进位；
13+11 = ？;
13 的二进制 1 1 0 1 -----a 13
11 的二进制 1 0 1 1 -----b 11
(a&b) <<1 -> 1 0 0 1 0 -----d 18
a^b -> 0 1 1 0 -----e 6
(d&e) <<1 -> 0 0 1 0 0 ------f 4
d^e -> 1 0 1 0 0 -----g 20
(f&g) <<1 -> 0 1 0 0 0 ------h 8
f^g -> 1 0 0 0 0 ------i 16
(h&i) <<1 -> 0 0 0 0 0 ------h 0 ---- -------- 没有进位了， 则退出循环
h^i -> 1 1 0 0 0 ------i 24
1. private static int getSum(int a, int b) { 2. if (a == 0) return b; 3. if (b == 0) return a; 4. while (b != 0) { 5. int carry = a & b; // 失去有进位的地位 6. a = a ^ b; // 间接相加，然而没有进位 7. b = carry << 1; // 失去进位 8. } 9. return a; 10. } 我的项目举荐：
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