题目粗心：
定义种操作:让一个条数加上这个整数首尾颠倒后的数字。例如对整数1257执行操作就是1257 + 7521 = 8778.* 当初给出一个正整数和操作次数限度，问在限定的操作次数内能是否能失去回文数。如果能失去，则输入那个回文数，并输入操作的次数;否则，输入最初一次操作失去的数字以及操作次数。
算法思路：
此题的数据范畴有可能会超过long long类型(自己没有测试)，并且这里波及到了逆置操作，应用字符串才解决该数字较为不便，这个问题的要害两个问题就是如何判断一个数字是回文数，第二个就是如何实现2个字符串或者大整数的加法操作。第一个问题只须要判断字符串中对称地位的字符是否相等即可(对称地位的和为字符串长度)，第二个问题在这里也比拟好解决，因为第二个整数是第一个整数逆置失去的，所以这两个整数的长度是雷同的，那么就只须要应用指针i从后往前扫描每一位，而后计算对应的局部和partialSum = (s1[i]-'0')+(s2[i]-'0')+carry;这里应用carry保留上一位的进位，初始为0，而后计算进位carry = partialSum/10;并且应用字符串r保留相加后的本位数字partialSum%10，最初得留神如果最高位有进位得增加进位到r中。
算法流程：
应用step记录执行加法的次数，初始为0，而后只有step<K那么就进入循环，如果以后数字N为回文数字，就退出循环进行输入操作，否则就应用s保留N的逆置数，将N和s相加的后果保留到N中，并step自增。最初在循环退出的时候输入后果和执行次数。
提交后果：
AC代码：
#include <cstdio>#include <string>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;bool isPalindromic(string s){ for (int i = 0; i < s.size() / 2; ++i) { if(s[i]!=s[s.size()-i-1]){ return false; } } return true;}string add(string s1,string s2){ int carry = 0; int partialSum = 0; string r; for (int i = s1.size()-1; i >= 0; --i) {// s1和s2理论是一样长的 partialSum = (s1[i]-'0')+(s2[i]-'0')+carry; carry = partialSum/10; r += to_string(partialSum%10); } // 因为s1和s2是一样长的，就无需判断s1或者s2还有局部须要相加了。 if(carry!=0){ r += to_string(carry); } reverse(r.begin(),r.end()); return r;}int main(){ string N; cin>>N; int K; scanf("%d",&K); int step = 0; string s; while (step<K){ if(isPalindromic(N)) break; s = N; reverse(s.begin(),s.end()); N = add(N,s); ++step; } printf("%s\n%d",N.c_str(),step); return 0;}