题目：
给定整数数组 nums 和整数 k，请返回数组中第 k 个最大的元素。
请留神，你须要找的是数组排序后的第 k 个最大的元素，而不是第 k 个不同的元素。
1 <= k <= nums.length <= 104-104 <= nums[i] <= 104
本算法题目有两种比拟好的办法，别离为应用小顶堆和应用疾速抉择。
题解一：
首先咱们应用小顶堆的办法求解，先贴代码（Go语言）：
type IntHeap []int
func (h IntHeap) Len() int { return len(h) }
func (h IntHeap) Less(i, j int) bool { return h[i] < h[j] }
func (h IntHeap) Swap(i, j int) { h[i], h[j] = h[j], h[i] }
func (h IntHeap) Top() int {
return h[0]
}
func (h *IntHeap) Push(x interface{}) {
// Push and Pop use pointer receivers because they modify the slice's length,
// not just its contents.
*h = append(*h, x.(int))
}
func (h *IntHeap) Pop() interface{} {
old := *h
n := len(old)
x := old[n-1]
*h = old[0 : n-1]
return x
}
func findKthLargest(nums []int, k int) int {
h := &IntHeap{}
heap.Init(h)
for _, num := range nums {
if h.Len() < k {
heap.Push(h, num)
} else if (*h)[0] < num {
heap.Pop(h)
heap.Push(h, num)
}
}
return heap.Pop(h).(int)
}首先咱们确定循环不变量：h中始终存储了最多k个数组元素，且是目前遍历过的最大的k个元素，且其中最小的元素为(*h)[0]。
h是一个小顶堆，则h可能保障，退出其中的元素的最小的元素为(*h)[0]。（小顶堆的概念可自行Google）
初始化： h中没有元素，不变式成立。
放弃： 在迭代过程中，依据h的元素数量，分为如下两种状况：
- 如果
h中元素的个数小于k，间接将本次迭代的数组元素num退出到h中。 - 如果
h中元素的个数大于等于k，则须要比拟以后h中，最小的元素是否大于num，若是，疏忽num的解决，否则，将其替换为num。
以上两种状况的后果均能够保障不变式成立。
终止： nums中的所有元素均被遍历后算法终止，不变式成立。
最终h中的最小元素(*h)[0]即为数组nums的第K个最大元素。
复杂度剖析：
工夫复杂度：O(nlogn)，建堆的工夫代价是 O(n)，删除的总代价是O(klogn)，因为 k < nk < n，故渐进工夫简单为O(n + klogn) = O(nlogn)。
空间复杂度：O(logn)，即递归应用栈空间的空间代价。
题解二：
咱们同样能够应用疾速抉择的办法求解，先贴代码（Go语言）：
func findKthLargest(nums []int, k int) int {
rand.Seed(time.Now().UnixNano())
return quickSelect(nums, 0, len(nums)-1, k)
}
func quickSelect(nums []int, l int, r int, k int) int {
m := randomPartition(nums, l, r)
if r-m+1 == k {
return nums[m]
} else if r-m+1 > k {
return quickSelect(nums, m+1, r, k)
} else {
return quickSelect(nums, l, m-1, k-(r-m+1))
}
}
func randomPartition(nums []int, l, r int) int {
i := rand.Int()%(r-l+1) + l
nums[i], nums[r] = nums[r], nums[i]
return partition(nums, l, r)
}
func partition(nums []int, l int, r int) int {
key := nums[r]
//all in [l,i) < key
//all in [i,j] > key
i := l
j := l
for j < r {
if nums[j] < key {
nums[i], nums[j] = nums[j], nums[i]
i++
}
j++
}
nums[i], nums[r] = nums[r], nums[i]
return i
}疾速抉择与疾速排序很相似，应用了雷同的分治思维，（疾速排序算法可参考这篇文章）将疾速排序的解决阶段稍加批改即可。同时咱们这里的疾速抉择算法应用了随机采样的办法，进步了算法的性能。
复杂度剖析：
工夫复杂度：O(n)，如上文所述，证实过程能够参考「《算法导论》9.2：冀望为线性的抉择算法」。
空间复杂度：O(log n)，递归应用栈空间的空间代价的冀望为 O(logn)。
两种解法的比照：
疾速抉择算法工夫复杂度更低，且不须要额定的存储空间。然而必须事后晓得数组的总长度，所以适宜对定长数组的计算。堆须要额定的k个存储空间，且算法工夫复杂度绝对高一些。然而不须要事后晓得待处理数组的规模，所以适宜对流数据进行解决。
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