一、题目粗心
标签: 动静布局
https://leetcode.cn/problems/regular-expression-matching
给你一个字符串 s 和一个字符法则 p,请你来实现一个反对 ‘.’ 和 ‘*’ 的正则表达式匹配。
‘.’ 匹配任意单个字符
‘*’ 匹配零个或多个后面的那一个元素
所谓匹配,是要涵盖 整个 字符串 s 的,而不是局部字符串。
示例 1:
输出:s = “aa”, p = “a”
输入:false
解释:”a” 无奈匹配 “aa” 整个字符串。
示例 2:
输出:s = “aa”, p = “a*”
输入:true
解释:因为 ‘*’ 代表能够匹配零个或多个后面的那一个元素, 在这里后面的元素就是 ‘a’。因而,字符串 “aa” 可被视为 ‘a’ 反复了一次。
示例 3:
输出:s = “ab”, p = “.*”
输入:true
解释:”.” 示意可匹配零个或多个(’‘)任意字符(’.’)。
提醒:
- 1 <= s.length <= 20
- 1 <= p.length <= 30
- s 只蕴含从 a-z 的小写字母。
- p 只蕴含从 a-z 的小写字母,以及字符 . 和 *。
-
保障每次呈现字符 * 时,后面都匹配到无效的字符
二、解题思路
定义一个二维数组 dp,其中 dpi 示意字符串 s 的子串 s[0, i]是否能够被字符串 p 的子串 p[0,j]匹配,依据正则表达式的不同状况,即星号、点号、非星号点号的字符,咱们能够分状况探讨来更新 dp 数组。
三、解题办法
3.1 Java 实现
public class Solution2 {public boolean isMatch(String s, String p) {int m = s.length(); int n = p.length(); boolean[][] dp = new boolean[m + 1][n + 1]; dp[0][0] = true; for (int i = 1; i < n + 1; i++) {if (p.charAt(i - 1) == '*') { // 星号 不会在第 1 个地位 dp[0][i] = dp[0][i - 2]; } } for (int i = 1; i < m + 1; i++) {for (int j = 1; j < n + 1; j++) { // 上个通配符可能是 点号、星号、字符 if (p.charAt(j - 1) == '.') { // 上个通配符是 点号 dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1]; } else if (p.charAt(j - 1) != '*') { // 上个通配符不是 星号 dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1] && p.charAt(j - 1) == s.charAt(i - 1); } else if (p.charAt(j - 2) != s.charAt(i - 1) && p.charAt(j - 2) != '.') {dp[i][j] = dp[i][j - 2]; } else {dp[i][j] = dp[i][j - 1] || dp[i - 1][j] || dp[i][j - 2]; } } } return dp[m][n]; } }
四、总结小记
- 2022/7/5 上行下效,皇帝的新装